/* 建图实战
* 1.解题思路 
    本题建图关键在于时序，即上一个点可能会对下一个点有影响
    对顾客建点，建立源点S和汇点T，
    对于每一个顾客，对于当前钥匙，如果该钥匙的猪圈没被用过，则将S向该顾客表示的点连边，且容量为初始时猪圈猪的数量，
        否则由上一个使用过该猪圈的顾客表示的点向当前顾客表示的点连边，容量足够大，
    当前顾客表示的点向T连边，容量为顾客的需求数，最后求S到T的最大流即为答案


*/

#define DEBUG
#pragma GCC optimize("O1,O2,O3,Ofast")
#pragma GCC optimize("no-stack-protector,unroll-loops,fast-math,inline")
#pragma GCC target("avx,avx2,fma")
#pragma GCC target("sse,sse2,sse3,sse4,sse4.1,sse4.2,ssse3")

#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;
const int N = 110, M = 20210, INF = 0x3f3f3f3f;

int m, n, S, T;
int h[N], e[M], c[M], ne[M], idx;
int q[N], d[N], cur[N];
int w[1010], last[1010];
// // last[i]：上一次打开猪舍i的人

void AddEdge(int a, int b, int w)
{
    e[idx] = b, c[idx] = w, ne[idx] = h[a], h[a] = idx++;
    e[idx] = a, c[idx] = 0, ne[idx] = h[b], h[b] = idx++;
}

bool bfs()
{
    memset(d, -1, sizeof d);
    int hh = 0, tt = -1;
    q[++tt] = S, d[S] = 0, cur[S] = h[S];
    while(hh <= tt)
    {
        int u = q[hh++];
        for(int i = h[u]; ~i; i = ne[i])
        {
            int v = e[i];
            if(d[v] == -1 && c[i])
            {
                d[v] = d[u]+1;
                cur[v] = h[v];
                if(v == T) return true;
                q[++tt] = v;
            }
        }
    }
    return false;
}

int find(int u, int limit)
{
    if(u == T) return limit;
    int flow = 0;
    for(int i = cur[u]; ~i && flow < limit; cur[u] = i, i = ne[i])
    {
        int v = e[i];
        if(d[v] == d[u] + 1 && c[i])
        {
            int t = find(v, min(c[i], limit-flow));
            if(!t) d[v] = -1;
            c[i] -= t, c[i^1] += t, flow += t;
        }
    }
    return flow;
}

int Dinic()
{
    int r = 0, flow;
    while(bfs())
        while(flow = find(S, INF)) r += flow;
    return r;
}

signed main()
{
    #ifdef DEBUG
        freopen("./in.txt", "r", stdin);
    #else
        ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0); cout.tie(0);
    #endif

    memset(h, -1, sizeof h);
    cin >> m >> n;
    S = 0, T = n+1;
    for(int i = 1;  i<= m; i++) cin >> w[i];
    for(int i = 1; i<=n; i++)
    {
        int a, b; cin >> a; //钥匙数量 想购买的猪的数量
        while(a--)
        {
            int id; cin >> id; //猪舍(钥匙)id
            if(!last[id]) AddEdge(S, i, w[id]); // 猪舍没有打开过，从源点向该顾客连边，容量为猪舍内猪的数量
            else AddEdge(last[id], i, INF); // 否则，从上一个打开的人那连一条容量为正无穷的边
            last[id] = i;
        }
        cin >> b;
        AddEdge(i, T, b);
    }

    cout << Dinic() << endl;
    return 0;
}